📜  奇数乘积的子阵列数(1)

📅  最后修改于: 2023-12-03 15:37:53.133000             🧑  作者: Mango

奇数乘积的子阵列数

在计算机科学中,我们经常遇到需要统计子阵列的数量的问题。特别地,当我们只关注奇数乘积的子阵列时,可以利用一些技巧优化算法的效率。

问题描述

给定一个整数数组 $nums$,求出所有奇数乘积的子阵列数量。

解法
Naive算法

最暴力的算法是对于每个子数组,统计其乘积是否为奇数。这种算法的时间复杂度是 $O(n^3)$,其中 $n$ 是数组的长度。

def count_odd_product_subarrays_naive(nums):
    count = 0
    
    for i in range(len(nums)):
        for j in range(i, len(nums)):
            product = 1
            for k in range(i, j+1):
                product *= nums[k]
            if product % 2 == 1:
                count += 1
    
    return count
优化算法

暴力算法的时间复杂度很高,可以通过一些技巧进行优化。

首先,我们观察到所有的偶数都是无用的,因为任何一个偶数乘上任何数都是偶数。所以我们可以将所有的偶数从数组中去除,只保留奇数。这个操作可以通过一次循环实现,时间复杂度为 $O(n)$,其中 $n$ 是输入数组的长度。

其次,我们观察到一个奇数乘积为奇数,当且仅当其中奇数的个数为奇数。这是一个比较显然的结论,可以通过对所有的奇数进行组合推导得到。所以我们只需要统计奇数的个数,并计算其子阵列的数量。这个操作可以通过两次循环实现,时间复杂度为 $O(n^2)$,其中 $n$ 是输入数组中奇数的个数。

具体实现参见下面的代码:

def count_odd_product_subarrays(nums):
    odds = [num for num in nums if num % 2 == 1]
    count = len(odds)
    
    for i in range(len(odds)):
        product = 1
        for j in range(i, len(odds)):
            product *= odds[j]
            if product % 2 == 1:
                count += 1
    
    return count
总结

本文介绍了如何统计所有奇数乘积的子阵列数量,通过去除偶数和使用奇偶性的技巧实现了时间复杂度为 $O(n^2)$ 的算法。