📜  OS RR调度示例

📅  最后修改于: 2020-12-14 01:50:00             🧑  作者: Mango

RR调度示例

在以下示例中,有六个进程分别命名为P1,P2,P3,P4,P5和P6。它们的到达时间和突发时间在下表中给出。系统的时间量为4个单位。

Process ID Arrival Time Burst Time
1 0 5
2 1 6
3 2 3
4 3 1
5 4 5
6 6 4

根据算法,我们必须维护就绪队列和甘特图。每次调度后,两个数据结构的结构都将更改。

准备队列:

最初,在时间0,过程P1到达,该过程将按时间片4个单位进行调度。因此,在就绪队列中,从5个单元的CPU突发时间开始只有一个进程P1。

P1
5

甘特图

P1将首先执行4个单元。

准备队列

同时,执行P1时,还有四个进程P2,P3,P4和P5进入就绪队列。 P1尚未完成,它需要另外1单位时间,因此它也将被添加回就绪队列。

P2 P3 P4 P5 P1
6 3 1 5 1

甘特图

在P1之后,P2将执行4个时间单位,如甘特图所示。

准备队列

在执行P2的过程中,另一个进程P6到达就绪队列。由于P2尚未完成,因此P2也将以剩余的突发时间2个单位加回到就绪队列中。

P3 P4 P5 P1 P6 P2
3 1 5 1 4 2

甘特图

在P1和P2之后,P3将执行3个时间单位,因为它的CPU突发时间仅为3秒。

准备队列

由于P3已完成,因此它将终止并且不会添加到就绪队列中。下一个将执行的处理是P4。

P4 P5 P1 P6 P2
1 5 1 4 2

甘特图

之后,P1,P2和P3,P4将被执行。它的爆发时间只有1个单位,小于时间量,因此它将完成。

准备队列

准备队列中的下一个进程是具有5个突发时间单位的P5。由于P4已完成,因此不会将其添加回队列。

P5 P1 P6 P2
5 1 4 2

甘特图

P5将在整个时间片中执行,因为它需要5个单位的突发时间,该时间比时间片高。

准备队列

P5尚未完成;它将以剩余的突发时间1单位加回到队列中。

P1 P6 P2 P5
1 4 2 1

甘特图

下一轮将给予过程P1以完成其执行。由于仅需要1个单位的突发时间,因此它将完成。

准备队列

P1已完成,不会被添加回就绪队列。下一过程P6仅需要4个脉冲串时间,然后将被执行。

P6 P2 P5
4 2 1

甘特图

P6将执行4个时间单位直到完成。

准备队列

由于P6已完成,因此不会再次添加到队列中。就绪队列中仅存在两个进程。下一处理P2仅需要2个时间单位。

P2 P5
2 1

甘特图

P2将再次执行,因为它仅需要2个时间单位,因此可以完成。

准备队列

现在,队列中唯一可用的进程是P5,它需要1个单位的突发时间。由于时间片为4个单位,因此它将在下一个脉冲串中完成。

P5
1

甘特图

P5将执行直到完成。

如下表所示,将计算完成时间,周转时间和等待时间。

据我们所知,

Turn Around Time = Completion Time - Arrival Time 
Waiting Time = Turn Around Time - Burst Time 
Process ID Arrival Time Burst Time Completion Time Turn Around Time Waiting Time
1 0 5 17 17 12
2 1 6 23 22 16
3 2 3 11 9 6
4 3 1 12 9 8
5 4 5 24 20 15
6 6 4 21 15 11

平均等待时间=(12 + 16 + 6 + 8 + 15 + 11)/ 6 = 76/6单位