📅  最后修改于: 2023-12-03 15:09:59.167000             🧑  作者: Mango
在这篇文章中,我们将介绍一个非常实用的问题:如何找到一个数组中的、所有元素均大于给定值k的最长子数组。
给定一个包含n个元素的数组A和一个整数k,找到A中所有元素均大于k的最长子数组。
最朴素的方法是使用两个循环枚举所有的子数组,然后判断每个子数组是否都大于k。时间复杂度为O(n^2)。
public int longestSubarray(int[] A, int k) {
int maxLen = 0;
for (int i = 0; i < A.length; i++) {
for (int j = i; j < A.length; j++) {
boolean isAllLargerThanK = true;
for (int n = i; n <= j; n++) {
if (A[n] <= k) {
isAllLargerThanK = false;
break;
}
}
if (isAllLargerThanK && j - i + 1 > maxLen) {
maxLen = j - i + 1;
}
}
}
return maxLen;
}
我们可以使用双指针来遍历该数组。
因为我们要找到所有元素均大于k的最长子数组,所以我们需要使用两个指针:left和right。它们同时从0开始,表示当前所遍历的子数组的起始位置和终止位置。
我们使用一个变量maxLen来保存目前发现的最长的子数组长度。在每一次迭代中,如果A[right] > K,我们就将right向右移动一位,并更新maxLen。如果A[right] <= K,我们就将left向右移动一位。
这个算法的时间复杂度为O(n)。因为我们对每个元素最多遍历一次。
public int longestSubarray(int[] A, int k) {
int maxLen = 0;
int left = 0;
int right = 0;
while (right < A.length) {
if (A[right] > k) {
maxLen = Math.max(maxLen, right - left + 1);
right++;
} else {
left++;
right++;
}
}
return maxLen;
}
这个算法的时间复杂度为O(n)。因为我们对每个元素最多遍历一次。
我们还可以进一步优化上述解法,使用滑动窗口法。我们只需要维护一个指针right,表示当前最长子数组的右端点,以及一个指针left,表示当前最长子数组的左端点。在每一次迭代中,我们只需要比较A[right]和k的大小即可。
这个算法的时间复杂度为O(n)。因为我们对每个元素最多遍历一次。
public int longestSubarray(int[] A, int k) {
int maxLen = 0;
int left = 0;
int right = 0;
while (right < A.length) {
if (A[right] <= k) {
left = right + 1;
} else {
maxLen = Math.max(maxLen, right - left + 1);
}
right++;
}
return maxLen;
}
本文介绍了如何找到一个数组中的、所有元素均大于给定值k的最长子数组。
我们介绍了两个解决方案:Naive解法和优化解法。优化解法包括双指针和滑动窗口法。
最终的时间复杂度为O(n)。