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📅  最后修改于: 2023-12-03 15:39:33.290000             🧑  作者: Mango

形成给定数组所需的K大小子数组的最小增量计数

在本题中,给定一个长度为n的数组nums和一个整数k,我们需要形成k个大小相同的子数组,而每个子数组的元素总和必须是整数平均数的倍数。设计一个函数来返回形成k个大小相同的子数组所需的最小增量计数。

算法

这是一个经典的动态规划问题。我们可以使用dp[i][j]表示前i个元素可以分成j个子数组的最小增量计数。我们只需要依次求解dp数组,最终结果为dp[n][k]。

状态转移方程

dp[i][j]可以通过以下两种状态转移方程中的较小值来得到:

  • 不形成第j个子数组:dp[i][j]=dp[i-1][j]
  • 形成第j个子数组:dp[i][j]=min(dp[p][j-1]+sum(p+1, i)),其中p<i。

sum(p+1, i)是数组nums的子段和,等于nums[p+1]+nums[p+2]+...+nums[i]。

初始化

我们可以使用前缀和技巧,通过O(n)的时间复杂度计算出数组nums的前缀和preSum[i],其中preSum[i]是nums[0]+nums[1]+...+nums[i]。

因此,dp[0][j]=0,其中0≤j≤k,表示前0个元素可形成任意个子数组。

下面是Java语言的详细实现:
public int minIncrementForArrays(int[] nums, int k) {
    int n = nums.length;
    int[][] dp = new int[n + 1][k + 1];
    int[] preSum = new int[n + 1];
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        preSum[i] = preSum[i - 1] + nums[i - 1];
    }
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        for (int j = 1; j <= k; j++) {
            dp[i][j] = Integer.MAX_VALUE;
            for (int p = j - 1; p < i; p++) {
                if ((preSum[i] - preSum[p]) % (i - p) == 0) {
                    int target = (preSum[i] - preSum[p]) / (i - p);
                    dp[i][j] = Math.min(dp[i][j], dp[p][j - 1] + countIncrease(nums, p + 1, i, target));
                }
            }
        }
    }
    return dp[n][k];
}

private int countIncrease(int[] nums, int start, int end, int target) {
    int result = 0;
    for (int i = start; i <= end; i++) {
        result += Math.abs(nums[i - 1] - target);
    }
    return result;
}
复杂度分析
时间复杂度

我们需要O(n^2k)的时间复杂度来计算出dp数组。对于每个dp[i][j],我们需要枚举i和j,并枚举所有的p<p<i来计算出最小的增量计数。对于每个p,我们需要O(n)的时间计算出sum(p+1, i),因此总时间复杂度为O(n^2k)。

空间复杂度

我们需要使用二维数组dp和一维数组preSum。因此,空间复杂度为O(n*k)。

总结

本题通过dp算法可以得到最优解。通过使用前缀和技巧,可以减少计算子段和的时间,同时也需要注意特殊情况,如子数组大小为1。