📅  最后修改于: 2023-12-03 15:28:36.487000             🧑  作者: Mango
给定一个n个数组成的集合S,你需要判断是否存在一个子集T,满足T的元素之和等于集合S中所有元素之和的一半。
输入: S = {1, 5, 11, 5}
输出: true
解释: 子集T={1, 5, 5},T的元素之和为1+5+5=11,集合S中所有元素之和为1+5+11+5=22,因此11等于22的一半。
一个集合S能被分成等于其所有元素之和一半的两个子集的条件是:其所有元素之和必须为偶数。
我们可以先求出集合S的元素之和,然后将其除以2,再去寻找是否存在一个子集的元素之和等于此值即可。
用0和1表示当前元素是否在集合中,于是问题转化成了一个背包问题。
我们使用动态规划(DP)的思想解决该问题。
具体而言,我们定义一个bool型的二维数组dp[i][j],其中dp[i][j]表示在集合的前i个元素中是否存在一个子集的元素之和等于j。最终所求的结果即为dp[n][sum/2]。
转移方程为:
public class Solution {
public boolean canPartition(int[] nums) {
int n = nums.length;
int sum = 0;
for (int i = 0; i < n; i++) {
sum += nums[i];
}
if (sum % 2 != 0) {
return false;
}
boolean[][] dp = new boolean[n + 1][sum / 2 + 1];
dp[0][0] = true; // 初始化
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 0; j <= sum / 2; j++) {
if (j == nums[i - 1]) {
dp[i][j] = true;
} else if (j > nums[i - 1]) {
dp[i][j] = dp[i - 1][j] || dp[i - 1][j - nums[i - 1]];
} else if (j < nums[i - 1]) {
dp[i][j] = dp[i - 1][j];
}
}
}
return dp[n][sum / 2];
}
}
时间复杂度:O(n x sum),其中n是集合S的元素个数,sum是集合S的元素之和。每个状态需要进行常数次判断和更新操作。
空间复杂度:O(n x sum)。需要一个二维数组来存储状态。