📅  最后修改于: 2023-12-03 15:40:23.734000             🧑  作者: Mango
本套装包含了多个解决方案,用于判断一个字符串是否为K回文字符串(即最多删除K个字符可以得到回文字符串)。以下是各个方案及其使用方法。
动态规划是一个常见的解决字符串问题的方法,也适用于判断回文字符串。我们可以使用一个二维数组dp[i][j]
表示字符串从下标i
到下标j
是否为回文字符串,然后根据状态转移方程进行推导。
def is_k_palindrome_dp(s: str, k: int) -> bool:
n = len(s)
dp = [[False] * n for _ in range(n)]
for i in range(n):
dp[i][i] = True
for j in range(1, n):
for i in range(j):
if s[i] == s[j]:
dp[i][j] = dp[i+1][j-1] if j - i > 1 else True
else:
dp[i][j] = False
count = sum(1 for i in range(n) for j in range(n) if dp[i][j] is True)
return count >= 2 * k + 1 - n
时间复杂度为$O(n^2)$,其中$n$是字符串的长度。
空间复杂度为$O(n^2)$,其中$n$是字符串的长度。
我们可以使用双指针,从字符串的两端开始判断是否为回文字符串。当遇到不同字符时,我们可以删除其中一个字符继续判断,直到删除$k$个字符或者整个字符串都已经被判断为回文字符串为止。
def is_k_palindrome_two_pointers(s: str, k: int) -> bool:
def is_palindrome(string: str, left: int, right: int) -> bool:
while left < right:
if string[left] != string[right]:
return False
left += 1
right -= 1
return True
left, right = 0, len(s) - 1
while left < right:
if s[left] != s[right]:
if k == 0:
return False
if is_palindrome(s, left + 1, right):
return True
if is_palindrome(s, left, right - 1):
return True
return False
left += 1
right -= 1
return True
时间复杂度为$O(n^2)$,其中$n$是字符串的长度。
空间复杂度为$O(1)$,常数较小。
中心扩散法是一种判断回文字符串的方法,我们可以考虑从一个字符或者两个字符开始,不断向两边扩张,直到不能再扩为止。当遇到不同字符时,我们可以删除其中一个字符继续判断,直到删除$k$个字符或者整个字符串都已经被判断为回文字符串为止。
def is_k_palindrome_center(s: str, k: int) -> bool:
def expand(string: str, left: int, right: int) -> int:
while left >= 0 and right < len(string) and string[left] == string[right]:
left -= 1
right += 1
return right - left - 1
if len(s) <= 1:
return True
count = 0
for i in range(len(s)):
length1, length2 = expand(s, i, i), expand(s, i, i+1)
length = max(length1, length2)
count += (length + 1) // 2 - 1
if count > k:
return False
return True
时间复杂度为$O(n^2)$,其中$n$是字符串的长度。
空间复杂度为$O(1)$,常数较小。
Manacher算法是一种高效的求解最长回文子串的方法,我们可以通过在原字符串中插入特殊字符,将奇偶性处理为同一种情况,然后使用Manacher算法求出其最长回文子串。最后判断删除$k$个字符是否可以得到一个回文字符串即可。
def is_k_palindrome_manacher(s: str, k: int) -> bool:
def manacher(string: str) -> str:
new_string = '@#' + "#".join(string) + '#$'
radius = [0] * len(new_string)
center, max_right = 0, 0
for i in range(1, len(new_string)-1):
if i < max_right:
radius[i] = min(radius[2*center-i], max_right-i)
while new_string[i+radius[i]+1] == new_string[i-radius[i]-1]:
radius[i] += 1
if i + radius[i] > max_right:
center, max_right = i, i + radius[i]
index = radius.index(max(radius))
return new_string[index-radius[index]:index+radius[index]+1].replace('#', '')
new_s = manacher(s)
return len(new_s) - sum(1 for i in range(len(s)) if s[i] != new_s[i]) <= 2 * k
时间复杂度为$O(n)$,其中$n$是字符串的长度。
空间复杂度为$O(n)$,需要额外使用一个数组来表示当前位置的最长回文半径。