📅  最后修改于: 2023-12-03 15:28:27.224000             🧑  作者: Mango
给定一个由整数构成的数组nums
和一个整数K
。定义一次操作为将该数组中长度为K
的连续子数组的元素的和替换为该子数组中所有元素的总和。返回将数组最终降维为单个元素的最小操作次数。
假设当前子数组的范围为[i, i+K-1]
,那么将该子数组中所有元素的总和替换成新元素v
,相当于将原来的nums[i:i+K]
替换成长度为K-1
的数组[nums[0:i], v, nums[i+K:]]
。这个操作会将数组长度减少K-1
。
为了尽可能地减少数组长度,每次操作都应该是替换数组中和最小的一个子数组,可以用一个优先队列(堆)来维护数组中所有长度为K
的子数组的和。每次取出队头元素并将对应的子数组替换掉即可。
需要注意的是,每次操作之后数组的长度会减少K-1
,需要注意循环的结束条件。
import heapq
def min_cost(nums, K):
heap = [(sum(nums[i:i+K]), i) for i in range(len(nums)-K+1)] # 初始时将所有长度为K的子数组的和加入堆中
heapq.heapify(heap)
cost = 0
while len(heap) > 1:
s, i = heapq.heappop(heap) # 取出和最小的子数组
cost += s
j = i+K-1
nums[i:j+1] = [s] # 替换掉子数组
# 更新堆中与子数组有重叠的子数组的和
if i > 0:
heapq.heappush(heap, (sum(nums[i-K:i]), i-K))
if j < len(nums)-K:
heapq.heappush(heap, (sum(nums[j+1:j+K+1]), j+1))
return cost
时间复杂度:$O(n \log n)$,其中$n$为数组长度,由于每次只会将长度为$K$的子数组放入堆中一次,因此共有$\frac{n}{K}$个元素被放入堆中。每次从堆中弹出一个数需要$O(\log n)$的时间,因此总时间复杂度为$O(n \log \frac{n}{K}) = O(n \log n)$。
空间复杂度:$O(n)$,最坏情况下需要维护整个原始数组。