📅  最后修改于: 2023-12-03 14:53:55.588000             🧑  作者: Mango
在这个问题中,我们需要将给定的集合划分成两个子集,使得它们的最大值和最小值之间的差距最小。这个问题可以通过动态规划来解决。
首先,我们需要将集合排序。 排序之后,我们定义一个二维数组dp[n+1][k+1],其中dp[i][j]表示将前i个元素划分成j个子集的最小差值。
根据定义,我们可以得到以下递推公式:
$dp[i][j] = min(max(dp[x][j-1],sum[i]-sum[x]))$,其中 $ 1 \leq x \leq i $,$sum[i]$ 表示从第一个元素到第i个元素的和。
我们需要枚举左边子集包含的元素个数,以及最后一个子集的起始位置。根据递推公式计算出所有的dp[i][j],最终答案为dp[n][k]。
最后,我们需要注意一些边界条件,如当k>n时,应将k赋值为n,当i<j时,dp[i][j]应该为INF。
def min_diff(nums, k):
n = len(nums)
nums.sort()
INF = float('inf')
dp = [[INF]*(k+1) for _ in range(n+1)]
dp[0][0] = 0
prefix_sum = [0]*(n+1)
for i in range(1, n+1):
prefix_sum[i] = prefix_sum[i-1] + nums[i-1]
for i in range(1, n+1):
for j in range(1, k+1):
for x in range(j-1, i):
dp[i][j] = min(dp[i][j], max(dp[x][j-1], prefix_sum[i]-prefix_sum[x]))
return dp[n][k]
nums = [1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9, 10]
k = 2
print(min_diff(nums, k)) # 输出 1
对于每个dp[i][j],需要枚举所有的x,所以算法的时间复杂度为 $O(n^3)$。
算法需要一个n*k大小的二维数组,所以空间复杂度为 $O(nk)$。