📅  最后修改于: 2023-12-03 15:36:48.136000             🧑  作者: Mango
本文将介绍如何使用动态规划方法求解具有给定OR值的最长子序列问题。具体来说,给定一个正整数集合 S
,以及一个正整数 target
,要求找到 S
中最长的子序列,使得该子序列中所有元素的按位或(OR)值为 target
。本问题也被称作“具有给定OR值的最长子序列问题”。
假设当前已经处理到 S
的第 i
个元素,并且已经得到了以第 i-1
个元素为结尾的所有满足 OR 值为 target
的最长子序列。我们用 dp[i][j]
表示以下标小于等于 i
的元素中,所有满足 OR 值为 j
的最长子序列的长度。因此,最终我们需要求得的答案即为 dp[n-1][target]
,其中 n
是集合 S
的元素个数。
考虑元素 S[i]
对答案的影响。根据按位或的定义,元素 S[i]
能够影响到的子序列中,它自身肯定会出现在子序列中。因此,我们需要在考虑以 S[i]
结尾的子序列的同时,将 S[i]
的值 OR 上之前的所有状态。具体来说,我们可以枚举所有满足 0 <= k <= j
的 k
,并在 dp[i-1][k]
的基础上,在末尾加上元素 S[i]
,从而得到一些满足 OR 值为 j
的子序列。现在我们需要考虑如何选取最长的一个子序列。因为我们已经在它们前面加上了 S[i]
,所以最长的子序列一定是包含元素 S[i]
的。对于每个 k
,我们可以将 S[i]
添加到满足 OR 值为 k
的最长子序列的末尾,从而得到一个满足 OR 值为 j
的子序列。因此,我们可以定义状态转移方程如下:
dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i-1][k]+1) if (j or S[i]) == j for 0 <= k <= j
dp[i][j] = max(dp[i][j], 1) if S[i] == j
其中,dp[i][j]
对应的是以下标小于等于 i
的元素中,所有满足 OR 值为 j
的最长子序列的长度。
该算法的时间复杂度为 $O(n^2w)$,其中 n
是元素个数,w
是元素的二进制位数。因为我们需要枚举以前面所有元素结尾的所有子序列,所以算法的时间复杂度是 $O(n^2)$ 的。而在更新每个状态时,我们需要做一次 OR 运算,时间复杂度是 $O(w)$ 的。
该算法的空间复杂度为 $O(nw)$,因为我们需要维护一个二维的 DP 表,大小为 $n \times w$。
def solve(S, target):
n, w = len(S), target.bit_length()
dp = [[0] * (1 << w) for _ in range(n)]
for i in range(n):
for j in range(1 << w):
if S[i] == j:
dp[i][j] = 1
elif S[i] | j == j:
for k in range(j+1):
if (k | S[i]) == j:
dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i-1][k]+1)
else:
dp[i][j] = dp[i-1][j]
return max(dp[n-1][target], 0)
在以上代码中,我们使用 DP 表 dp
,其中 dp[i][j]
表示以下标小于等于 i
的元素中,所有满足 OR 值为 j
的最长子序列的长度。
算法的核心代码如下所示:
if S[i] == j:
dp[i][j] = 1
elif S[i] | j == j:
for k in range(j+1):
if (k | S[i]) == j:
dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i-1][k]+1)
else:
dp[i][j] = dp[i-1][j]
为了便于理解,我们对每个分支分别进行了注释。
算法解决了具有给定 OR 值的最长子序列问题,时间复杂度为 $O(n^2w)$,空间复杂度为 $O(nw)$。这个算法的思路是比较常规的,只需要注意状态的定义和状态转移方程即可。