📅  最后修改于: 2023-12-03 15:42:20.744000             🧑  作者: Mango
这是一道经典的编程题目,题目描述如下:
有 n 个门,每个门上都有一个锁。第 i 个门的锁可以用三个数字 ai、bi、ci 来表示,这个锁将被打开当且仅当钥匙上的三个数 x、y、z 满足以下条件:
x % ai = y % bi
y % bi = z % ci
z % ci = x % ai
其中 % 为取余操作。
现在给定每个门的锁的三个数字以及钥匙上的 x、y、z 三个数字,请问钥匙是否能够打开所有的 n 个门。
这是一道比较典型的判定问题,我们可以通过求解任意两个门之间的关系,来判断是否存在一组满足条件的 x、y、z。
具体方法是,对于任意两个门 i 和 j,若它们的锁能够被打开,那么有以下三种情况:
ai = aj 且 bi = bj 且 ci = cj,此时只需满足 x = y = z 即可。
ai = aj 且 bi = bj 且 ci != cj,此时需要满足 z-x = (n*ai-y) % ci。
其他情况,此时需要满足所有的 ai、bi、ci 都是 x-y-z 的公因数,并且满足 z-x = (n1bi-y) % ai,y-x = (n2ci-z) % bj,z-y = (n3*ai-x) % cj(其中 n1、n2、n3 是任意整数)。
接下来我们可以采用 DFS、BFS 或者并查集等经典算法来解决这个问题。
以下是一个基于暴力枚举的解法,时间复杂度为 O(n^2):
def dfs(x, y, z, locks):
if len(locks) == 0:
return True
for i in range(len(locks)):
ai, bi, ci = locks[i]
if x % ai == y % bi and y % bi == z % ci and z % ci == x % ai:
if dfs(x, y, z, locks[:i]+locks[i+1:]):
return True
elif ai == aj and bi == bj and ci != cj:
for n in range(ci):
if z-x == (n*ai-y) % ci:
if dfs(x, y, z, locks[:i]+locks[i+1:]):
return True
elif math.gcd(ai, math.gcd(bi, ci)) != 1:
for n1 in range(ai):
for n2 in range(bi):
for n3 in range(ci):
if z-x == (n1*bi-y) % ai and y-x == (n2*ci-z) % bj and z-y == (n3*ai-x) % cj:
if dfs(x, y, z, locks[:i]+locks[i+1:]):
return True
return False
locks = [(2,3,4), (4,5,3), (6,7,8)]
keys = (1,1,1)
print(dfs(*keys, locks))
以上代码可以输出 True,表示存在一组钥匙可以打开所有的门。