📅  最后修改于: 2023-12-03 15:40:15.898000             🧑  作者: Mango
本文介绍了如何最小化所需的翻转,以使从二进制矩阵的左上角到右下角的所有最短路径等于 S。下面将依次介绍问题背景、解决方案、代码实现和时间复杂度分析。
给定一个 n×n 的二进制矩阵,其中 0 表示可以通过的路径,1 表示不能通过的障碍物。现在需要找到从左上角到右下角的所有最短路径,并使这些路径经过的所有 1 尽可能少。也就是说,需要最小化所需的翻转次数。
例如,下面的矩阵中,从左上角到右下角的最短路经为 00-11-10-11-11,需要翻转 2 次才能让所有最短路径都经过的 1 最少。
0 0 0 1 1
0 1 1 1 0
0 0 1 0 0
1 0 0 1 1
0 0 0 0 1
本问题可以使用广度优先搜索(BFS)来解决。具体步骤如下:
(i, j, flip)
,其中 (i, j)
表示当前节点的坐标,flip
表示当前路径已经经过的 1 的个数;(0, 0, 0)
加入队列,并将其标记为已访问;(ni, nj)
,如果其为终点 (n-1, n-1)
,则更新最小翻转次数的值;flip
值加一。在遍历完所有可能的路径后,最小翻转次数就是求得的最小值。
下面给出用 Python 实现 BFS 算法的代码,其时间复杂度为 O(n^4):
from collections import deque
def minFlips(mat: List[List[int]]) -> int:
n = len(mat)
queue = deque([(0, 0, 0)])
seen = {(0, 0, 0)}
while queue:
i, j, flip = queue.popleft()
if i == j == n - 1:
return flip
for ni, nj in ((i+1, j), (i, j+1), (i-1, j), (i, j-1)):
if 0 <= ni < n and 0 <= nj < n:
new_flip = flip + mat[ni][nj]
new_state = ni, nj, new_flip
if new_state not in seen:
seen.add(new_state)
queue.append(new_state)
return -1
本问题使用 BFS 算法求解,其时间复杂度为 O(n^4)。在最坏情况下,所有节点都需要遍历一遍,并且每个节点都有四个邻居点,因此总共需要遍历 n^2 个节点,每个节点需要遍历其四个邻居节点,因此总时间复杂度为 O(n^4)。